Tuyển tập Đề thi thử Đại học có đáp án môn Toán - Đề số 236

 SỞ GD VÀ ĐT NGHỆ AN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC, CAO ĐẲNG LẦN I NĂM 2012 
TRƯỜNG THPT ĐÔ LƯƠNG 4 Môn: Toán khối A, B 
 Thời gian:180 phút không kể thời gian giao đề. 
I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH 
Câu I. (2điểm) Cho hàm số ( )3 23 1 12 3 4y x m x mx m= − + + − + (C) 
 1. Khảo sát và vẽ đồ thị hàm số khi m = 0. 
 2. Tìm m để hàm số có hai cực trị là A và B sao cho hai điểm này cùng với điểm 91;
2
C  − − 
 
lập thành 
tam giác nhận gốc tọa độ O làm trọng tâm. 
Câu II. (2điểm) 
 1. Giải phương trình: ( ) 3cos 1 2 3 sin 2 cos3 4cos 22x x x xpi + = − −   . 
 2. Giải hệ phương trình. ( ) ( )
2 23 8 5
8 3 13
x y y x
x x y y
 + + + =

+ + + =
Câu III. (1điểm) Tính tích phân: 
24
2
3
sin 1 cos 
cos
x xI dx
x
pi
pi
−
−
= ∫ 
Câu IV. (1điểm) Cho hình chóp S.ABCD có đáy là hình thang vuông tại A và D. Biết AB = 2a, AD =a, DC = 
a (a > 0) và SA ⊥ mặt phẳng đáy (ABCD). Góc tạo bởi giữa mặt phẳng (SBC) với đáy bằng 450. Tính thể 
tích khối chóp S.ABCD và khoảng cách từ B tới mặt phẳng (SCD) theo a. 
Câu V. (1điểm) Cho các số dương a, b, c thoả mãn điều kiện 2 2 2 4a b c abc+ + + = . Chứng minh rằng 
3a b c+ + ≤ . 
II. PHẦN RIÊNG. (3điểm) Thí sinh chỉ được làm một trong hai phần. 
1. Theo chương trình chuẩn. 
Câu VIa. (2điểm). 
1. Trong mặt phẳng Oxy cho hình vuông ABCD có tâm 3 1;
2 2
I   
 
. Các đường thẳng AB, CD lần lượt đi qua 
các điểm ( )4; 1M − − , ( )2; 4N − − . Tìm toạ độ các đỉnh của hình vuông đó biết B có hoành độ âm. 
2. Tìm m để phương trình sau có nghiệm thực: ( )2 9 2 4 2 2x m x x+ − = − + + 
Câu VIIa. (1điểm). Trong mặt phẳng toạ độ Oxy. Ở góc phần tư thứ nhất ta lấy 2 điểm phân biệt, cứ thế ở các 
góc phần tư thứ hai, thứ ba, thứ tư ta lần lượt lấy 3, 4, 5 điểm phân biệt (các điểm không nằm trên các trục toạ 
độ). Trong 14 điểm đó ta lấy 2 điểm bất kỳ. Tính xác suất để đoạn thẳng nối hai điểm đó cắt cả hai trục toạ độ. 
2. Theo chương trình nâng cao. 
Câu VIb. (2điểm). 
1. Trong mặt phẳng tọa độ Oxy, cho hình chữ nhật ABCD có diện tích bằng 12, tâm I thuộc đường thẳng 
( ) : 3 0d x y− − = và có hoành độ 9
2I
x = , trung điểm của một cạnh là giao điểm của (d) và trục Ox. Tìm tọa 
độ các đỉnh của hình chữ nhật. 
2. Trong không gian Oxyz cho đường thẳng 1 1:
1 2 1
x y zd − += =
−
và hai điểm ( ) ( )1;1; 2 , 1;0;2 .A B− − 
a. Viết phương trình mặt phẳng (P) chứa A và B đồng thời song song với đường thẳng d. 
b. Qua A viết phương trình đường thẳng ( )∆ vuông góc với d sao cho khoảng cách từ B tới ( )∆ là nhỏ nhất. 
Câu VIIb. (1điểm). Cho hai số phức liên hợp nhau 1 2,z z thoả mãn điều kiện 12
2
z
z
 là một số thực và 
1 2 2 3z z− = . Tìm số phức z1. 
............................. Hết ............................ 
Ebooktoan.com
Ebooktoan.com
ĐÁP ÁN TOÁN LẦN 1 
CÂU NỘI DUNG ĐIỂM 
Với 0m = ta có hàm số 3 23 4y x x= − + 
* TXĐ: D = ℝ 
* Sự biến thiên. 2' 3 6y x x= − , nên ' 0 0y x= ↔ = hoặc 2x = 
0,25 
 - Hàm số đồng biến trên các khoảng ( );0−∞∞ và ( )2;+∞ , nghịch biến trên ( )0;2 
 - Cực trị. Cực đại ( )0;4 ; cực tiểu ( )2;0 
 - Giới hạn. lim , lim
x x
y y
→−∞ →+∞
= −∞ = +∞ 
0,25 
- Bảng biến thiên. 
 x −∞ 0 2 +∞ 
 y’ + 0 - 0 + 
 y 
 4 +∞ 
−∞ 0 
0,25 
1 
* Đồ thị. y 
Giao với Ox: ( ) ( )1;0 ; 2;0− 4 
Giao với Oy: ( )0;4 
Các điểm khác ( ) ( )1;2 ; 3;4 
 -1 x 
 2 
0,25 
Ta có ( )2' 3 3 1 12y x m x m= − + + . Hàm số có hai cực trị khi y’ đổi dấu hai lần, khi đó y’ = 0 
có hai nghiệm phân biệt nên ( )21 0 1m m∆ = − > ↔ ≠ 
0,25 
Khi đó hai cực trị là ( ) ( )3 22;9 , 2 ; 4 12 3 4A m B m m m m− + − + 0,25 
Theo bài ra ta có. 3 2
2 2 1 0
1
9 24 12 6 4 0
2
m
m
m m m
+ − =

↔ = −
− + + + − =
 thỏa mãn 
0,25 
I. 
2 
Khi đó dễ thấy A, B, C là tam giác nhận O làm trọng tâm 0,25 
PT cos 2 3 sin 2 cos cos3 4sin 2x x x x x↔ + = + 
( ) 2sin 2 sin 3 cos 2 0
2
6
k
x
x x x
x k
pi
pi
pi

=
↔ + − = ↔ 

= +

0,5 II. 
1. 
Vậy phương trình có các nghiệm. , 2
2 6
k
x x kpi pi pi= = + 
0,25 
Ebooktoan.com
 Ebooktoan.com
ĐK của hệ: 
2
2
3 0
8 0
x y
y x
 + ≥

+ ≥
 đặt ( )2 23 , 8 0, 0a x y b y x a b= + = + ≥ ≥ 
Khi đó ta có hệ. 2 2
5 3
413
a b a
ba b
+ = = 
↔ 
=+ = 
 hoặc 
4
3
a
b
=

=
0,25 
Với 
4
3
a
b
=

=
 ta có. 
( )22
2
4 2
1 43 4 
3
8 9 8 72 65 0
y xx y
y x 
x x x

 = −+ = 
↔ 
+ = 
− + − =
( )
( )( ) ( )
2
2
1 4
3
1 5 4 13 0
y x
x x x x

= −
↔ 

− + − + =
0,25 
 hệ có hai nghiệm. ( ) ( ); 1;1x y = và ( ) ( ); 5; 7x y = − − 0,25 
2. Với 
( )22
2
4 2
1 93 9 
3
8 4 18 72 45 0
y xx y
y x 
x x x

 = −+ = 
↔ 
+ = 
− + − =
( )
( )
( )
( )
2 2
2 22 2 2 2
1 19 9
3 3
9 36 72 36 0 9 36 72 36 0
y x y x
x x x x x x
 
= − = − 
↔ ↔ 
 + − + − = + − + − = 
( )
( ) ( )
( )2 2
2 22
1 19 9 03 3
9 6 6 0 3 6, 3 6
y x y x
x x x x
 
= − = − = 
↔ ↔ 
 + − − = = − + = − −
Vậy hệ có 4 nghiệm ( ) ( ); 1;1x y = , ( ) ( ); 5; 7x y = − − , ( ) ( ); 3 6;2 6 2x y = − + − và 
( ) ( ); 3 6;2 6 2x y = − − + 
0.25 
 * Ta có 
4 4
2
2 2
3 3
sin sin1 cos sin
cos cos
x xI xdx x dx
x x
pi pi
pi pi
− −
= − =∫ ∫ 
0,25 
= 
0 4
2 2
0
3
sin sin
sin sin
cos cos
x x
x dx x dx
x x
pi
pi 
−
−
= +∫ ∫ 
0,25 
=
0 02 24 4
2 2 2 2
0 0
3 3
sin sin 1 11 1
cos cos cos cos
x xdx dx dx dx
x x x x
pi pi
pi pi
− −
   
− + = − + −   
   
∫ ∫ ∫ ∫ 
0,25 
III. 
= ( ) ( )0 4
0
3
7
tan tan 3 1
12
x x x x
pi
pi 
pi
−
− + − = − − 
0,25 
Ebooktoan.com
 Ebooktoan.com
 s 
* Ta có 2AC a= nên tam giác ACD vuông 
tại C → góc 045SCA∠ = do đó 2SA a= 
 - 
. 
1
.
3S ABCD ABCD
V S SA= trong đó 
( )
21 3
2 2ABCD
aS AB DC AD= + = 
Vậy 
2 3
.
1 3 22
3 2 2S ABCD
a aV a= = A B 
 D 
 C 
0,5 
* Ta có ( )( ) ( )( ) .
.
31 
; ;
3
S DCB
S DCB BCD
BCD
VV S d B SCD d B SCD 
S
= ↔ = 
0,25 
IV 
Trong đó 
3
.
1 1 1 2
. . sin .
3 3 2 6S BCD BCD
aV S SA CB CD C SA= = = 
Vậy ( )( ) 3. 23 2 6; 33S DCBBCD
V a ad B SCD 
S a
= = = 
0,25 
Giả sử ( ) ( )1 1 0 1a b a b ab− − ≥ ↔ + ≤ + khi đó ta chỉ cần chứng minh 
2 2c ab c ab≤ − ↔ + ≤ 
0,25 
Theo giả thiết. 2 2 2 2 24 2 4 2a b c abc ab c abc ab c abc= + + + ≥ + + ↔ ≥ + + 
0,25 
( )( )2 2 0 2 0c ab c ab c↔ + + − ≤ ↔ + − ≤ đpcm 
Dấu bằng khi 1a b c= = = . 
0,25 
V. 
Trong trường hợp ngược lại thì ( )( )1 1 0b c− − ≥ hoặc ( ) ( )1 1 0c a− − ≥ và làm tương tự 0,25 
PHẦN RIÊNG 
1. Theo chương trình chuẩn 
Gọi ( )' 7;2M và ( )' 5;5N là điểm đối xứng với M, N qua I . ta có 'N AB∈ và 'M CD∈ 
Nên đường thẳng AB có phương trình 2 3 5 0x y− + = 
0,25 
Gọi H là hình chiếu vuông góc của I lên AB 1 ;2
2
H  →  
 
0,25 
Gọi ( );A a b khi đó ta có ( )
2
2
2 3 5
2
1 13 32
2 4
a b
A AB a
HA HI ba b
− = −
∈ = 
↔ ↔   
= =
− + − =  
 
 hay 
( )2;3A khi đó ( )1;1B − 
0,25 1. 
Bằng cách đối xứng A, B qua I ta có được ( ) ( )1; 2 , 4;0C D− 0,25 
Điều kiện. 2 2x− ≤ ≤ 
Đặt 2 2t x x= − + + khi đó ta có 2 2 2t≤ ≤ 
0,25 
Bài toán quy về tìm m để phương trình 2 5t mt+ = trên 2;2 2   
0,25 
VIa. 
2. 
Bằng việc xét hàm số ( )
2 5xf x
x
+
= trên đoạn 2;2 2   
0,25 
Ebooktoan.com
Ebooktoan.com
Ta có kết quả 13 22 5
4
m≤ ≤ 
0,25 
Để đoạn thẳng nối hai điểm được chon cắt cả hai trục thì hai đầu đoạn thăng đó phải ở góc 
phần tư thứ nhất và thứ ba hoặc phần tư thứ hai và thứ bốn 
0,25 
Do vậy số cách chọn được số đoạn thẳng như vậy là 1 1 1 1 2 4 3 5 23C C C C+ = cách 0,25 
Số cách chọn hai điểm bất kỳ 214 91C = 0,25 
VIIa. 
Vậy xác suất xẩy ra ở đề bài là: 23
91
0,25 
2. Theo chương trình nâng cao 
I có hoành độ 9
2I
x = và ( ) 9 3: 3 0 ;
2 2
I d x y I  ∈ − − = ⇒  
 
Vai trò A, B, C, D là như nhau nên trung điểm M của cạnh AD là giao điểm của (d) và 
Ox, suy ra M(3;0) 
( ) ( )2 2 9 92 2 2 3 2
4 4I M I M
AB IM x x y y= = − + − = + =
D
12
. D = 12 AD = 2 2.
3 2
ABCD
ABC
SS AB A 
AB
= ⇔ = = 
( )AD d
M AD
⊥

∈
, suy ra phương trình AD: ( ) ( )1. 3 1. 0 0 3 0x y x y− + − = ⇔ + − = . 
Lại có MA = MD = 2 . 
0,5 
Vậy tọa độ A, D là nghiệm của hệ phương trình: 
( ) ( ) ( ) ( )2 2 22 22
3 0 3 3
3 2 3 3 23 2
x y y x y x
x y x xx y
+ − = = − + = − +   
⇔ ⇔  
− + = − + − =
− + =    
3 2
3 1 1
y x x
x y
= − = 
⇔ ⇔ 
− = ± = 
 hoặc 
4
1
x
y
=

= −
.Vậy A(2;1), D(4;-1), 
1 
9 3
;
2 2
I   
 
 là trung điểm của AC, suy ra:
2 9 2 72
2 3 1 2
2
A C
I 
C I A
A C C I A
I
x x
x 
x x x
y y y y yy
+
= = − = − =
⇔ 
+ = − = − =
=

Tương tự I cũng là trung điểm BD nên ta có: B(5;4). 
Vậy tọa độ các đỉnh của hình chữ nhật là (2;1), (5;4), (7;2), (4;-1). 
0,5 
a. 0,5 
VIb. 
2. b. Gọi (P) là mặt phẳng đi qua A và vuông góc với d, 
 Gọi H là hình chiếu vuông góc của B lên (P) khi đó đường thẳng đi qua A và H thỏa 
mãn bài toán 
0,5 
Gọi 1z a bi= + ( ),a b ∈ℝ khi đó 2z a bi= − 
Từ điều kiện của bài toán ta lập hệ phương trình 
Tìm được. 1 1 3z i= ± + 
Hoặc 1 1 3z i= ± − 
. .. Hết . 
Ebooktoan.com
 Ebooktoan.com