Đề thi thử tốt nghiệp THPT môn Toán - Đề 11

	 SỞ GD&ĐT YÊN BÁI
Trung tâm GDTX - HNDN Hồ Tùng Mậu 
	Huyện Lục Yên
ĐỀ THAM KHẢO ÔN THI TỐT NGHIỆP THPT
MÔN TÓAN 
Thời gian làm bài: 150 phút 
I. PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH: (7,0 điểm)
Câu I: ( 3,0 điểm ) Cho hàm số : y = – x3 + 3x2 – 4.
	1) Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số đã cho.
	2) Tìm m để phương trình x3 – 3x2 + m = 0 có 3 nghiệm phân biệt. 
Câu II: ( 3,0 điểm ) 
	1) Giải phương trình: log4(2x2 + 8x) = log2x + 1 .
	2) Tính tích phân: I = 
	3) Tìm giá trị lớn nhất và bé nhất của hàm số f(x) = x-36x+2 trên đoạn 
Câu III: ( 1 điểm ) 
	Cho khối chóp S.ABC có hai mặt ABC, SBC là các tam giác đều cạnh a và SA=. Tính thể tích khối chóp S.ABC theo a.
II. PHẦN RIÊNG: (3,0 điểm)
1. Theo chương trình Chuẩn:
Câu IV.a: ( 2,0 điểm ) 
	Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho 2 đường thẳng:
	D1: , 	D2: 
	1) Chứng minh rằng hai đường thẳng D1 và D2 song song với nhau.
	2) Tính khoảng cách giữa hai đường thẳng D1 và D2.
Câu V.a: ( 1,0 điểm ) 
	Tìm môđun của số phức: z = 
2. Theo chương trình Nâng cao:
Câu IV.b: ( 2,0 điểm ) 
	Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz, cho 2 đường thẳng:
 	D1: ,	 D2: 
và mặt cầu (S): x2 + y2 + z2 – 2x + 4y – 6z – 2 = 0.
	1) Chứng minh rằng hai đường thẳng D1 , D2 chéo nhau. 
	2) Viết phương trình mặt phẳng (a) song song với hai đường thẳng D1, D2 và cắt mặt cầu (S) theo giao tuyến là đường tròn lớn.
Câu V.b: ( 1,0 điểm ) 
	Giải phương trình sau trên tập hợp số phức: z2 – 2(1 + 2i )z + 8i = 0. 
–––––––––––––– Hết ––––––––––––––
	ĐÁP ÁN ĐỀ THI TỐT NGHIỆP THPT (Tham khảo)
Câu
Đáp án
Điểm
Câu I
(3 điểm)
1) (2 điểm)
a) Tập xác định: D = 
0,25
b) Sự biến thiên:
+ Giới hạn : , 
+ Lập bảng biến thiên của hàm số :
	y’ = – 3x2 + 6x.	y’ = 0 Û x = 0 hoặc x = 2 
 Bảng biến thiên:
x
–¥	0 	2	+¥
Y’
	–	0	+	0	–
Y
+¥	0
	–4	–¥
Hàm số đồng biến trên khoảng (0;2), nghịch biến trên mỗi khoảng (–¥ ;0), (2 ;+¥). Giá trị cực tiểu: y(0) = –4, giá trị cực đại: y(2)= 0.
0,25
0,25
0,5
0,25
c) Đồ thị:
 Điểm uốn: I(1 ; –2)
 Giao điểm của đồ thị với các trục toạ độ: (–1;0), (2;0), (0;–4).
 Vẽ đồ thị
0,5
2) (1điểm)
+ Phương trình đã cho tương đương với:
	– x3 + 3x2 – 4 = m – 4 	(1)
 Phương trình (1) là phương trình hoành độ giao điểm của đồ thị (C): y = – x3 + 3x2 – 4 và đường thẳng (d): y = m – 4 
 Phương trình đã cho có 3 nghiệm phân biệt khi và chỉ khi đường thẳng (d) cắt đồ thị (C) tại 3 điểm phân biệt. 
 Dựa vào đồ thị suy ra: –4 < m – 4 < 0
	 hay: 0 < m < 4
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu II
(3 điểm)
1) (1 điểm) Giải phương trình: log4(2x2 + 8x) = log2x + 1 	(1)
 Điều kiện: x > 0.
 Khi đó:	(1) Û log4(2x2 + 8x) = log4(4x2)
	 Û 2x2 + 8x = 4x2 
	 Û x2 – 4x = 0 	Û x = 0 hoặc x = 4.
Kết hợp với điều kiện x > 0 suy ra PT (1) có một nghiệm: x=4.
0,25
0,25
0,25
0,25
2) (1 điểm) 
Đặt t = 1 + cos2x Þ dt = – sin2xdx
	x = 0 Þ t = 2, 	x = p/2 Þ t = 1
Khi đó: I = 
	 = = = ln2.
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu
Đáp án
Điểm
Câu II
3.(1 điểm)
f(x) = x- 18x+2 trên đoạn 
f ‘(x) = = 0 
f(0) = 2
f(3) = -79
f(-1) = -15
f(4) = -30
Vậy  ; 
0,5
0,25
0,25
Câu III
(1 điểm)
 	+ Gọi I là trung điểm cạnh BC. 
 	Chứng minh tam giác SAI đều 
	+ Gọi H là trung điểm AI
	Chứng minh được: SH ^ (ABC)
	+ Tính được: SH = 3a/4,
	 và: SABC = 
	+ Thể tích khối chóp S.ABC là:
	V = 
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu IV.a
(2 điểm)
1) (1 điểm)
 + D1 qua A(–1;1;2) và có vectơ chỉ phương =(2;–1;–2)
 + D2 có vectơ chỉ phương =(–2;1;2) 
 + Toạ độ điểm A không thoả mãn phương trình của D2 nên A Ï D2 .
 + Vì = – và A Ï D2 nên D1 và D2 song song với nhau.
0,25
0,25
0,25
0,25
2) (1 điểm)
 Gọi H(1–2t;–2+t;1+2t) là hình chiếu của A trên D2 thì d(D1;D2)=AH
 Ta có : = (2–2t;–3+t;–1+2t).
 ^ Û .=0 Û –2(2–2t) –3+t + 2(–1+2t) = 0 Û t = 1
 Þ = (0;–2;1) Þ d(D1;D2) = AH = 
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu IV.b
(1 điểm)
 Ta có: z = 
 Þ 
0,5
0,5
Câu
Đáp án
Điểm
Câu V.a
(2 điểm)
1) (1 điểm)
+ D1 qua M1(2 ; –1 ; 1) và có vectơ chỉ phương = (1 ; 2 ; –3).
 D2 qua M2(0 ; 2 ; 1) và có vectơ chỉ phương = (1 ; – 1 ; 2).
+	[, ] = (1 ; –5 ; –3).	M1M2 = (–2 ; 3 ; 0)
+	[, ] = –17 ≠ 0	=> D1 và D2 chéo nhau.
0,25
0,5
0,25
2) (1 điểm)
+ Mặt cầu (S) có tâm I(1; –2 ; 3) và bán kính R = 4.
+ Mặt phẳng (a) song song với D1 , D2 nên có vectơ pháp tuyến:
	 = (1;– 5; – 3). 
+ Theo giả thiết	=> I Î (a)
+ Phương trình mặt phẳng (a): x – 5y – 3z – 2 = 0.
 Vì M1 và M2 không thuộc (a) nên D1 // (a) và D2 // (a).
 Vậy phương trình mặt phẳng (a) cần tìm là: x – 5y – 3z – 2 = 0.
0,25
0,25
0,25
0,25
Câu V.b
(1 điểm)
 Ta có: D’ = (1+2i)2 – 8i = –3 + 4i – 8i = – 3 – 4i 
 Þ D’ = (1 – 2i)2 (hoặc tìm được các căn bậc hai của D’ là ±(1–2i))
Vậy phương trình đã cho có 2 nghiệm:
	z1 = 1 + 2i + 1 – 2i = 2 và z2 = 1 + 2i – (1 – 2i) = 4i
0,25
0,5
0,25